🚩[LeetCode]Ar697. 数组的度

🚩传送门：https://leetcode-cn.com/problems/degree-of-an-array/

🍗鸡腿知识点：

1. Map<Integer, int[]> map = new HashMap<Integer, int[]>(); map存放一个数组。

题目

给定一个非空且只包含非负数的整数数组 nums，数组的度的定义是指数组里任一元素出现频数的最大值。
你的任务是在 nums 中找到与 nums 拥有相同大小的度的最短连续子数组，返回其长度。

示例 1：

输入：[1, 2, 2, 3, 1] 输出：2 解释： 输入数组的度是2，因为元素1和2的出现频数最大，均为2. 连续子数组里面拥有相同度的有如下所示: [1, 2, 2, 3, 1], [1, 2, 2, 3], [2, 2, 3, 1], [1, 2, 2], [2, 2, 3], [2, 2] 最短连续子数组[2, 2]的长度为2，所以返回2.

示例 2：

输入：[1,2,2,3,1,4,2] 输出：6

解题思路：动态规划

👉 定义： 表示以 为区间最大的度。

状态转移方程：

复杂度分析

时间复杂度：，其中 是数组的长度。

空间复杂度： , 其中 是数组的长度。

🚩解题思路：哈希表

记原数组中出现次数最多的数为 x，那么和原数组的度相同的最短连续子数组，必然包含了原数组中的全部 x，且两端恰为 x 第一次出现和最后一次出现的位置。

因为符合条件的 x 可能有多个，即多个不同的数在原数组中出现次数相同。所以为了找到这个子数组，我们需要统计每一个数出现的次数，同时还需要统计每一个数第一次出现和最后一次出现的位置。

在实际代码中，我们使用哈希表实现该功能，每一个数映射到一个长度为 3 的数组，数组中的三个元素分别代表这个数出现的次数、这个数在原数组中第一次出现的位置和这个数在原数组中最后一次出现的位置。当我们记录完所有信息后，我们需要遍历该哈希表，找到元素出现次数最多，且前后位置差最小的数。

复杂度分析

时间复杂度：，其中 是数组的长度。

我们需要遍历原数组和哈希表各一次，它们的大小均为 。

空间复杂度： , 其中 是数组的长度。

最坏情况下，哈希表和原数组等大。

官方代码

class Solution {
    public int findShortestSubArray(int[] nums) {
        //1.哈希表
        Map<Integer, int[]> map = new HashMap<Integer, int[]>();
        int n = nums.length;
        //2.遍历数组,存入数字
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            if (map.containsKey(nums[i])) {
                //3.重复数字更新次数和尾标
                map.get(nums[i])[0]++;
                map.get(nums[i])[2] = i;
            } else {
                //4.新数字个数1,始标i,尾标i
                map.put(nums[i], new int[]{1, i, i});
            }
        }
        int maxNum = 0, minLen = 0;
        //5.遍历map,获得最大的次数
        for (Map.Entry<Integer, int[]> entry : map.entrySet()) {
            int[] arr = entry.getValue();
            //6.如果最大度被更新
            if (maxNum < arr[0]) {
                maxNum = arr[0];
                //7.更新新的标的长度
                minLen = arr[2] - arr[1] + 1;
            } else if (maxNum == arr[0]) {
                //8.度相同,看下能否更新最小长度
                if (minLen > arr[2] - arr[1] + 1) {
                    minLen = arr[2] - arr[1] + 1;
                }
            }
        }
        return minLen;
    }
}