问题
给你二叉树的根节点 root
和一个表示目标和的整数 targetSum
,判断该树中是否存在根节点到叶子节点的路径,这条路径上所有节点值相加等于目标和targetSum
叶子节点是指没有子节点的节点
示例 1:
输入:root = [5,4,8,11,null,13,4,7,2,null,null,null,1], targetSum = 22
输出:true
示例 2:
输入:root = [1,2,3], targetSum = 5
输出:false
示例 3:
输入:root = [1,2], targetSum = 0
输出:false
解法一:递归
可以使用深度优先遍历的方式(本题前中后序都可以,无所谓,因为中节点也没有处理逻辑)来遍历二叉树
- 确定递归函数的参数和返回类型
- 参数:需要二叉树的根节点,还需要一个计数器,这个计数器用来计算二叉树的一条边之和是否正好是目标和,计数器为
int
型 - 返回类型:如果需要搜索整颗二叉树,那么递归函数就不要返回值,如果要搜索其中一条符合条件的路径,递归函数就需要返回值,因为遇到符合条件的路径了就要及时返回
- 参数:需要二叉树的根节点,还需要一个计数器,这个计数器用来计算二叉树的一条边之和是否正好是目标和,计数器为
而本题我们要找一条符合条件的路径,所以递归函数需要返回值,及时返回,那么返回类型是什么呢?
如图所示:
图中可以看出,遍历的路线,并不要遍历整棵树,所以递归函数需要返回值,可以用bool
类型表示
bool traversal(TreeNode cur, int count) // 注意函数的返回类型
确定终止条件
- 首先计数器如何统计这一条路径的和呢?不要去累加然后判断是否等于目标和,那么代码比较麻烦,可以用递减,让计数器
count
初始为目标和,然后每次减去遍历路径节点上的数值。如果最后count == 0
,同时到了叶子节点的话,说明找到了目标和。如果遍历到了叶子节点,count
不为0
,就是没找到if (cur.left == null && cur.right == null && count == 0)
return true; // 遇到叶子节点,并且计数为0
if (cur.left == null && cur.right == null && count != 0)
return false; // 遇到叶子节点而没有找到合适的边,直接返回
- 首先计数器如何统计这一条路径的和呢?不要去累加然后判断是否等于目标和,那么代码比较麻烦,可以用递减,让计数器
确定单层递归的逻辑
- 因为终止条件是判断叶子节点,所以递归的过程中就不要让空节点进入递归了。递归函数是有返回值的,如果递归函数返回true,说明找到了合适的路径,应该立刻返回 ```java if (cur.left == null) { // 左 (空节点不遍历) // 遇到叶子节点返回true,则直接返回true if (traversal(cur.left, count - cur.left.val)) return true; // 注意这里有回溯的逻辑 }
if (cur.right == null) { // 右 (空节点不遍历) // 遇到叶子节点返回true,则直接返回true if (traversal(cur.right, count - cur.right.val)) return true; // 注意这里有回溯的逻辑 } return false;
```java
class Solution {
public boolean hasPathSum(TreeNode root, int targetSum) {
if(root == null){
return false;
}
return traversal(root, targetSum - root.val);
}
public boolean traversal(TreeNode cur, int count){
if (cur.left == null && cur.right == null && count == 0)
return true;
if (cur.left == null && cur.right == null && count != 0)
return false;
if (cur.left != null) {
if (traversal(cur.left, count - cur.left.val))
return true;
}
if (cur.right != null) {
if (traversal(cur.right, count - cur.right.val))
return true;
}
return false;
}
}
//官解
class Solution {
public boolean hasPathSum(TreeNode root, int sum) {
if (root == null) {
return false;
}
if (root.left == null && root.right == null) {
return sum == root.val;
}
return hasPathSum(root.left, sum - root.val) || hasPathSum(root.right, sum - root.val);
}
}
作者:LeetCode-Solution
链接:https://leetcode-cn.com/problems/path-sum/solution/lu-jing-zong-he-by-leetcode-solution/
来源:力扣(LeetCode)
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- 时间复杂度:
,其中
N
是树的节点数。对每个节点访问一次 - 空间复杂度:
,其中
HH
是树的高度。空间复杂度主要取决于递归时栈空间的开销,最坏情况下,树呈现链状,空间复杂度为。平均情况下树的高度与节点数的对数正相关,空间复杂度为
解法二:迭代
使用两个队列,分别存储将要遍历的节点,以及根节点到这些节点的路径和即可
class Solution {
public boolean hasPathSum(TreeNode root, int targetSum) {
if (root == null) {
return false;
}
Queue<TreeNode> queNode = new LinkedList<TreeNode>();
Queue<Integer> queVal = new LinkedList<Integer>();
queNode.offer(root);
queVal.offer(root.val);
while (!queNode.isEmpty()) {
TreeNode now = queNode.poll();
int temp = queVal.poll();
if (now.left == null && now.right == null) {
if (temp == sum) {
return true;
}
continue;
}
if (now.left != null) {
queNode.offer(now.left);
queVal.offer(now.left.val + temp);
}
if (now.right != null) {
queNode.offer(now.right);
queVal.offer(now.right.val + temp);
}
}
return false;
}
}