一、题目
给定一个字符串数组 arr
,字符串 s
是将 arr 某一子序列字符串连接所得的字符串,如果 s
中的每一个字符都只出现过一次,那么它就是一个可行解。
请返回所有可行解 s
中最长长度。
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难度级别:中等
二、思路
1)二进制表示+回溯法
根据题意,要求可行解中字符都只出现过一次,如果每次都对每个字符进行计数,那重复子问题太大,最好的办法就是用一个方法去记录,可以使用二进制的方法记录,由于只有小写字母,每个字符对应一个位,用change
数组记录。(如果单个字符串有重复字符,则change[i]=0
)
由于只要每个字符出现过一次,和顺序无关。(这个很关键)
使用回溯法,每个串就只有两种选择,加入或不加入,用一个val记录当前已经加入的字符串,val
的二进制中为1
的位对应不同字符。
(val & change[loc]) == 0
,则loc
位置的字符串与当前拼接的字符串不冲突,可以加进来
三、代码
1)二进制表示+回溯法
class Solution {
private int ans = 0;
public int maxLength(List<String> arr) {
int[] change = new int[arr.size()];
for (int i = 0; i < arr.size(); i++) {
for (char c : arr.get(i).toCharArray()) {
if ((change[i] & (1 << (c - 'a'))) != 0) { // 查询是否该字符是否出现过
change[i] = 0;
break;
}
change[i] = change[i] | (1 << (c - 'a'));
}
}
backTrace(change, 0, 0);
return ans;
}
private void backTrace(int[] change, int loc, int val) {
if (change.length == loc) {
ans = Math.max(ans, Integer.bitCount(val));
return ;
}
if (change[loc] != 0 && (val & change[loc]) == 0) {
// 只有loc位置的字符串无重复字符,且与当前拼接的字符串拼接在一起无重复字符才可以进行迭代
backTrace(change, loc + 1, val | change[loc]);
}
backTrace(change, loc + 1, val); // 不拼接loc位置字符串的情况
}
}
len
为所有字符串长度之和,n
为arr
长度,时间复杂度为O(len+2^n)
,空间复杂度为O(n)