题目

问题描述
在某图形操作系统中,有 N 个窗口,每个窗口都是一个两边与坐标轴分别平行的矩形区域。窗口的边界上的点也属于该窗口。窗口之间有层次的区别,在多于一个窗口重叠的区域里,只会显示位于顶层的窗口里的内容。
当你点击屏幕上一个点的时候,你就选择了处于被点击位置的最顶层窗口,并且这个窗口就会被移到所有窗口的最顶层,而剩余的窗口的层次顺序不变。如果你点击的位置不属于任何窗口,则系统会忽略你这次点击。
现在我们希望你写一个程序模拟点击窗口的过程。
输入格式
输入的第一行有两个正整数,即 N 和 M。(1 ≤ N ≤ 10,1 ≤ M ≤ 10)
接下来 N 行按照从最下层到最顶层的顺序给出 N 个窗口的位置。 每行包含四个非负整数 x 1, y 1, x 2, y 2,表示该窗口的一对顶点坐标分别为 (x 1, y 1) 和 (x 2, y 2)。保证 x 1 < x 2,y 1 2。
接下来 M 行每行包含两个非负整数 x, y,表示一次鼠标点击的坐标。
题目中涉及到的所有点和矩形的顶点的 x, y 坐标分别不超过 2559 和 1439。
输出格式
输出包括 M 行,每一行表示一次鼠标点击的结果。如果该次鼠标点击选择了一个窗口,则输出这个窗口的编号(窗口按照输入中的顺序从 1 编号到 N);如果没有,则输出”IGNORED”(不含双引号)。
样例输入
3 4
0 0 4 4
1 1 5 5
2 2 6 6
1 1
0 0
4 4
0 5
样例输出
2
1
1
IGNORED
样例说明
第一次点击的位置同时属于第 1 和第 2 个窗口,但是由于第 2 个窗口在上面,它被选择并且被置于顶层。
第二次点击的位置只属于第 1 个窗口,因此该次点击选择了此窗口并将其置于顶层。现在的三个窗口的层次关系与初始状态恰好相反了。
第三次点击的位置同时属于三个窗口的范围,但是由于现在第 1 个窗口处于顶层,它被选择。
最后点击的 (0, 5) 不属于任何窗口。

代码

大佬满分代码

问题分析：
这是一个模拟题，模拟鼠标点击屏幕的过程。该问题比实际的多窗口系统要简单。关键在于数据表示，其他要点则是模拟鼠标操作过程的处理。
程序说明：
数组win[]用来存储窗口。除了窗口坐标，附加上成员变量winno用来存储窗口号是一种规范的做法，就本问题而言可以不用该变量。
数组point[]用于存储鼠标点击的坐标。
数组order[]用于存储窗口的顺序。这是一种编程技巧，在由于鼠标点击导致窗口顺序改变的时候，就不需要移动窗口坐标等数据，只需要移动这个索引数据即可。

  1. /* CCF201403-2 窗口 */
  3. #include <iostream>
  5. using namespace std;
  7. const int N = 10;
  9. struct {
  10.     int winno;
  11.     int x1, y1, x2, y2;
  12. } win[N];
  14. struct {
  15.     int x, y;
  16. } point[N];
  18. int order[N];
  20. int main()
  21. {
  22.     int n, m;
  24.     // 输入数据
  25.     cin >> n >> m;
  26.     for(int i=0; i<n; i++) {
  27.         win[i].winno = i + 1;
  28.         cin >> win[i].x1 >> win[i].y1 >> win[i].x2 >> win[i].y2;
  29.     }
  30.     for(int i=0; i<m; i++)
  31.         cin >> point[i].x >> point[i].y;
  33.     // 初始化窗口显示顺序
  34.     for(int i=0; i<n; i++)
  35.         order[i] = n - i - 1;
  37.     // 处理（模拟）鼠标点击
  38.     int winno, temp;
  39.     for(int i=0; i<m; i++) {
  40.         winno = -1;     // 被点击的窗口号，－１表示未被点击
  42.         // 判断哪个窗口被点击
  43.         for(int j=0; j<n; j++) {
  44.             if(win[order[j]].x1 <= point[i].x && point[i].x <= win[order[j]].x2 &&
  45.                     win[order[j]].y1 <= point[i].y && point[i].y <= win[order[j]].y2) {
  46.                 // 得到窗口号
  47.                 winno = win[order[j]].winno;
  49.                 // 将被点击的窗口移到最前端
  50.                 temp = order[j];
  51.                 for(int k=j; k>0; k--)
  52.                     order[k] = order[k-1];
  53.                 order[0] = temp;
  55.                 break;
  56.             }
  57.         }
  59.         // 输出结果
  60.         if(winno == -1)
  61.             cout << "IGNORED" << endl;
  62.         else
  63.             cout << winno << endl;
  64.     }
  66.     return 0;
  67. }